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=1.8N,联立解得f=0.6N,in0=0.6,A项错误，C项正确：导体棒对斜面的压力大小N=mgos0=1.6N,B项错误：t=19时，设安培力为F,则有F,=BIL=1.2N代人F十f=ngsin0得，f=0,D项正确.21,BD设开始时弹簧压缩量为，则1=mg5in叶F,解得x=0.15m,A项错误；当物块B与挡板刚要分离时，设弹资的伸长量为2，则2=mag sin0,解得x3=0.025m,物块A沿斜面上升距离x=十2=0.175m,物块A克服重力做功W-m8xsin0一1,75J,B项正确：物块B离开挡板前弹簧对物块A先做正功后做负功，C项错误；物块B刚要与挡板分离时，对物块A受力分析有，m4a=(mn十mB）Bgsin0,解得a=7.5m/s2,D项正确.022.(1)0.56(2分)0.96(2分)(2)2.0(2分)解析：)根据匀变速直线运动的中间时划的速度等于该过程的均速度，可知w一》-46×0.210-2m/s=0.56m/s,m=票=8.61+10.61×10m/s=0.96m/s:(2)由逐差法可得加速度a=2T0.2xg-xx=10.61+8.616.59-4.61×10-2m/g=2.0m/6.4T204×0.1223.(1)CEF(每空1分)(2)如图所示(4分)(3)0.84(0.81一0.87)皆可(2分)解析：(1)灯泡的额定电流为0.5A,选择0一3A量程的电流表量程偏大，测量误差大，所以选择量程为0.6A的电流表；小灯泡额定电压为5V,选择0~15V电压表量程偏大，测量测量误差大，所以选择量程为5V的电压表；滑动变阻器选择总电阻为1k时，电流表和电压表示数较小，测量误差大，所以选择总电阻为10Ω的滑动变阻器.(2)因为灯泡的电压和电流需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，灯泡的电阻为102，远小于电压表的内阻，属于小电阻，所以电流表采用外接法，实物图连接如答案所示。(3)将定值电阻R看作电源内阻，则电源电动势为6V,内阻为102，作出电源丽的U一I图线，与伏安特性曲线的交点横坐标为为电流1，纵坐标为电压U,则5.0灯泡的实际功率P=UI.4.0两图线交点即表示该灯泡的实际工作点.由图知3.0U=2.2V,I=0.38A,所以P=UI=2.2×0.38W=0.84W.2.024.解：(1)小球与细杆保持相对静止时，有mgtan45°=kw(1分)1.0风速以加速度α均匀增大时，设细杆对球的支持力为Fw,有：Fysin0-kv=0(1分)800.204Av=%十at(1分)的蛋3千如点会本，祸不时好们5，不积每妇口然FNCOS0=mg(1分)逾0解人洁·>也击，0一：抗银入创证氧该精解得：tan0=1+at.(2分)长米》阳点人谢例商式奇博液(②风速为时，设空气阻力与重力的合力为F,有：F一器(2分)当细杆与水面之间的倾角为45°十α时，空气阻力与重力的合力大小、方向均不变，仍为F,设物体沿斜面下滑的加速度大小为a',有：Fsin a=ma'(1分)物体由静止开始下滑L=合aT”（(1分)0.A得：sina=√2L(2分)(25.解：(1)设A、B在转动过程中，轻杆对A、B做的功分别为Wr、Wr,则：Wr+Wr=0设A,B到达圆环最高点的动能分别为EkA、EB,对A由动能定理：gER一mAgR十Wn=EA(2分)对B由动能定理：W'n一mBgR=Es(2分)联立解得：EA+EB=一0.04J(1分)你深酒流上式表明：A在圆环最高点时，系统动能为负值，故A不能到达圆环最高点(1分)【题型专练A·物理卷参考答案第9页（共24页）QG】