2024届衡水金卷先享题 压轴卷(新教材B)理综(一)1答案正在持续更新，目前2026衡水金卷周测卷答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

本文从以下几个角度介绍。

1、2024衡水金卷先享题理综四
2、2024衡水金卷先享题压轴卷二理综
3、2024衡水金卷理综全国试卷四
4、2023-2024衡水金卷先享题理综四
5、2023-2024衡水金卷先享题答案理综四
6、衡水金卷先享题理综二2024
7、2024衡水金卷先享题理综二
8、2024衡水金卷先享题信息卷四理综
9、2024衡水金卷先享题答案理综
10、2024衡水金卷先享题答案理综一

增加，根据热力学第一定律可知，A到D过程气体从外界吸收热量；D到C为等温变化过程，气体内能不变，又气体体积程的时间1，-日-8。=4s1分)增大，对外做功，根据热力学第一定律可知，D到C过程气体从外界吸收热量；C到B为等容变化过程，气体不做功，根据加速过程的位移x1=21=16m1分）查理定律可知，Tc>TB,所以C到B过程气体的内能减少根据热力学第一定律可知，C到B过程气体放出热量：B到匀速过程的时间t2=L-x1=2.5s(1分）A为等温变化过程，气体内能不变，又气体体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，B到A过程气体放出物料通过传送带的时间t=t1十t2=6.5s(1分)热量。故选B、C。当传送带以)'=16m/s的速度匀速运动时，设物料在20.AB【解析】选B点所在水面为参考面，运动员从A点由静止开始滑下，故运动员在A点的机械能就是运传送带上一直微匀加速直线运动，则有L=at'2,解得t=动员在A,点的重力势能，根据重力做功与重力势能变化的关2L系可知，运动员在A点的机械能为W1,A正确；运动员从Aa=6s(2分)点到B点，根据动能定理有EkB=W1一W2,根据机械能的定物料离开传送带的速度v1=at'=12m/s<16m/s(1分)义可知，运动员在B点的机械能EB=EkB十O=W1一W2,假设成立，故物料通过传送带的时间差为△t=t一t'=B正确；运动员由B点到D点机械能守恒，所以运动员在D6.5s-6s=0.5s。(2分)点的机械能ED=EB=W1一W2,C错误；运动员由B点到DB'Lvo点，根据动能定理有EkD一EkB=W,得运动员在D点的动25.(14分)I答案】1)4mR.(2)18mu,能ED=EkB十W,=W1-W2十Wg,D错误。【解析】(1)t=0时刻，回路中的感应电动势E=BLw,(2分)方法技巧…功是能量变化的一种量度，一种能量变化必定对应着回路中的电流1三2R(2分】某种力做功。重力做功对应着重力势能的变化，弹簧弹力金属棒a所受的合外力F=BIL(2分)做功对应着弹簧弹性势能的变化，合外力做功对应着动能的变化…金层棒a的加速度大小a1三2m=4物R。(2分)21.AD【解析】小球从P点缓慢移动到Q点，根据受(2)对两金属棒组成的系统，两金属棒相距最近时，速度力分析和失量三角形可得，水力F和细绳的拉力均逐渐增相同，由动量守恒定律有2mv。=3mv(2分)大，A正确，B错误；用大小恒为mg的水力F拉小球，根金属棒α从进入磁场到停在GH处的过程中，根据能量据等效思维及对称性可得，细绳与竖直方向的最大偏角日90°，且当0=45°时小球的速度最大，根据动能定理可得F·审恒定律有号×2m,2=×mw2+2Q(2分)21-mg(-=2mu2,解得u=√2V2-1)g,C错17解得Q=2/18mv,2。(2分)误，D正确22.(6分)【答案】(1)6.000(1分)26.20分答案11U,（203②24，2d2(22g12-d2(2分)【解析】(1)设电子的电荷量为e,质量为m,则k=em3(品)》°-1分2mog,(2m+mo)d(2分)在加速电场中，有U。=2mu,2(1分)【解析】(1)螺旋测微器的读数为6.0mm十0.01X0.0mm=6.000mm。2eUi=√2RU(1分）解得U=√m(2)根据牛顿第二定律有mog=(2m十mo)a,根据匀变1速直战运动规体有（任）=2a,解得2d2在偏转电场中，有d=2a4(1分)m 2gxt2-d(3)根据机械能守恒定律有m,gx=2(2m+m,)(m·2d支可得位)委发释线性国袋，内△t2mog4=上1分)8d2(侣)》°-女图像。因绿的斜李2mog(2m+m。)d时，可说明系联立解得Um=U。(1分)(2)①电子在偏转电场中运动，行于电场线方向，有统机械能守恒。23.(12分)【答案】(1)有关(3分)(2)3(3分)(3)C(3分)1=a1·(4)C(3分)0【解析】1)根据欧姆定律得I=RU-1图像的面积S4,01会T1UL S表示U,则可知Q=1=RR,即U-1图像面积S与R,的比值表示电容器所带的电荷量；当电容器充电完毕后，Qa'-C（1分》是定值，所以R,越大，S越大，即S的大小与变阻器R,接2dm入电路中的阻值大小有关。解得k'=3。(1分)30(2)由(1)可知，Q=R=10C=3C。②由题意可知T-LL二(1分)v0√/2kU(3)电容器放电过程中，放电电流逐渐减小，电流的变化电子在偏转电场中运动，行于电场线方向，有率逐渐减小，最后趋近于零，C正确。(4)电容器充电完毕后，将S1掷向2，S2掷向b,则电容u=a(t-)e分)器C与线圈L构成LC振荡电路，电容器极板上的电荷量q1随时间t变化的关系图像为余弦函数图线，故C正确。=a,化》e24.(10分)【答案】0.5sy1+y2=d(1分)【解析】物料在传送带上加速运动时的加速度a=g结合①可得a1'=3a1(1分)m2m/s2(1分)解得U=42。(1分)当传送带以v一8m/s的速度匀速运动时，物料加速过25