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重力加速度，c为地球半径，卡要青会①长科要头T小，根据当P=PR,可知，灯泡L1的功率减小，灯泡变18.C由拨的图像可得液长X=24m,由T=合得该波的振动周暗，灯泡L与R2并联，故灯泡L两端的电压和流过灯期T=4s,A正确：在波的传播方向上，各质点的起振方向泡L:的电流均变大，所以灯泡L,变亮，B,C正确，当P都湘同，x=30m处质点a开始振动的方向沿y轴负方向，向下移动底，则R=0,即电流表A?和L,短路，则A故质点b开始振动时，振动方向沿y轴负方向，B正确：的电流为O,D错误22.(1)△x(2分)F(2分)=x-x=96m-36m=60m=号，所以6c两质点援动(2)4.00(3分)情况相反，当6到波蜂时，质点c在波谷，C错误；b点第严次(3)50(3分)○到达波谷时间即为6点前方距b点最近的波谷传播到b所解析：(1)由题图甲知，y抽代表弹簧的仲长量△x,x抽代表弹用时间，故-吾96.24-12s=3T,此时质点口经过力大小F.(2)由题图乙知，2号弹簧末端指针位里对应的刻度6为96,00cm,故弹簧伸长△x=100cm一96.00cm=4.00cm.衡位爱向y轴负方向振动，D正确，19.D恰好在CD面发生全反射，由几(3)由题图丙得=F=4ND75A0.08m=50N/m何关系知入射角a二30°刚好全M5°6023.(2)200.0(3分)大于(3分)反射时sm=一解得折射率n(3)①40(3分)②见解析图所示(3分)③C(4分)尘=2，A错误；作出光路图，如图.60°冫解析：(2)根据实验步腺可认为电路中滑动变阻器R右侧并联期所示，根据光的反射定律和几分分得的电压不变，1R=号1，(R:十R),解得R,=20.00何关系可知光在DE面上的入射角为75，大于临界角，则光线在DE面上会发生全反射，由于电阻箱R的接入，毫安表支路的总电阻增大，则并联邮B错误：同理在可知光在EA面上的入射角为30°，根据几何分的总电阻增大，并联部分的电压增大，1，R,<号1，(R十关系可得光恰好垂直于BC边射出，则光线从BC面射出时在BC面上的人射角为0°，C错误；根据几何关系，可得路程PQR),北最珠得到R<号R。=R,毫安表内电皿的别亚值大言示一+号m=(1光在五按镜中传福速度为。于真实值.(3)①将毫安表改装为电流表，应并联上一个定值电阻，则有，R=5L。·R,解2a阳-9得R1=40Q:②如图所示；③因为毫安表的真实内阻R。2mA.c正声A,有厂二M,且F=12N,联立解得a,=1m/6,24.(1)设粒子从O,点释放至到达0点时的速度为，则对粒子白高并且木板和物块的加速度相同，即4=2，可得心从O点至O点的过程，根据动能定理有号0,1m=6kg,出=0.05，A正确，B错误：45时物块与gEd=2m6(2分)木板的加速度不同，有相对运动，有f=mg=ma:',可得2'=1m/s,C正确；2s时，物块与木板无相对运由题意可知，粒子在第一、四象限内的矩形区域中做匀速动，对整体分析F-=(M十m)0实，其中F=8N,解直线运动，则有q6B。=qE(2分)得a0.5m/sD错误，解得E于0成2分)0X-○H1本量mEa21.BC电源内阻应为，=(是（△I为干路电流变化量），故内阻，(2)设粒子从0点释放至到达O点时的速度为1，则对粒子从O点至O点的过程，不等于兴A错误，当滑动变阻器的滑动片P向上移动根据动能定理有时，电阻R接人电路中的电阻变大，外电路由于局部电阻增大导致整个外电路电阻增大，电压表示数U变大，R与并联部分电压增多，则其他部分电压减小，则联立解得一受一最2分)R与并联部分电压也减小，故电流表A示数1：变粒子O到P过程中，洛伦兹力不做功，电场力做功由动能定理知《高三·理综·信息卷》第19页（共12页）

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